Положительные числа a, b, с таковы, что abc =1. Докажите неравенство

0 голосов
178 просмотров

Положительные числа a, b, с таковы, что abc =1.
Докажите неравенство
\frac{1}{a^{3}(b + c)} + \frac{1}{ b^{3}(a+c)} + \frac{1}{ c^{3} (b +a)} \geq \frac{3}{2}

Алгебра (27 баллов) | 178 просмотров
0

перезагрузи страницу если не видно

оставил комментарий (224k баллов)
Дан 1 ответ
0 голосов
Правильный ответ

 
abc=1\\ \frac{1}{a^3(b+c)} + \frac{1}{b^3(a+c)} + \frac{1}{c^3(b+a)} \geq \frac{3}{2}\\\\  
После приведения под общим  знаменатель,получим                     
\frac{(ab+ac+bc)(a^3b^3+a^3c^3+a^2b^2c^2+b^3c^3)}{a^3b^3c^3(a+b)(a+c)(b+c)} = \\\\ abc=1\\\\ \frac{(ab+ac+bc)(a^3b^3+a^3c^3+b^3c^3+1)}{ (a+b)(a+c)(b+c)}
  
 Теперь по неравенству о средних получим 
 \frac{a^3b^3+a^3c^3+b^3c^3}{3} \geq \sqrt[3]{a^6b^6c^6}=a^2b^2c^2=1
 то есть a^3b^3+a^3c^3+c^3b^3 \geq 3 с учетом того что image0;b>0;c>0" alt=" a>0;b>0;c>0" align="absmiddle" class="latex-formula"> 
Так же            (a+b)(b+c)(a+c)=a^2b+a^2c+ab^2+ac^2+b^2c+bc^2+2\\ \frac{a^2b+a^2c+ab^2+ac^2+b^2c+bc^2}{6} \geq 1\\ a^2b+a^2c+ab^2+ac^2+b^2c+bc^2 \geq 6 
И включая \frac{(ab+bc+ac)*4}{8} \geq \frac{3}{2}\\ \frac{ab+bc+ac}{2} \geq \frac{3}{2} 
 прихожим к более легкому неравенству 
 ab+bc+ac \geq 3\\ \frac{ab+bc+ac}{3} \geq 1 \\ \frac{ab+bc+ac}{3} \geq \sqrt[3]{a^2b^2c^2}=1
 
 то есть минимальное значение это \frac{3}{2}
 Что и требовалось  доказать


(224k баллов)
Похожие задачи